全民斗战神5-1怎么过 黄沙迷眼关卡通关攻略
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> > >全民斗战神5-1怎么过 黄沙迷眼关卡通关攻略精品来源：摸摸手游帮全民斗战神5-1怎么过？作为第五章的第一关，难度还是不大，小伙伴们的主要任务是击毁阵眼-风，没有boss可打，下面就给大家来看看全民斗战神闯关5-1黄沙迷眼关卡通关攻略。5-1黄沙迷眼关卡介绍：这风来者不善，更兼脚下似有阵法，怎么走都走不出去。阵中隐隐传来喊打喊杀声，越来越近。推荐战力：10984三星条件：不喝血瓶通关，首次三星奖励技能点+1，修炼点+2通关奖励：186金币，915经验值，几率掉落史诗惊雷铠甲、木玄冥、木流光关卡通关攻略这个关卡非常的简单，玩家只需要将阵眼-风击毁就可以了，当然并不是输出就可以了，地图中会有龙卷风和蝎子小怪来阻挠和攻击玩家。龙卷风有两个阵型，从图中就能很清晰的看出，阵眼两侧与阵眼中心会按照顺序出现龙卷风，两侧是各三个，中间同样是前三后三扩散，龙卷风会击退玩家，小怪的伤害不俗，但是技能是范围攻击，还是很容易清理的。再就是玩家的必杀技能，可以免疫龙卷风的击退和伤害，玩家灵活运用必杀技能，这个关卡三星通关还是非常简单的。第二章惊世聚魂灯第三章新雷音访友第四章情挑半面妆第五章黄沙惊风走第六章解禁火云洞第七章寻魄下黄泉第八章大闹兜率宫第九章大破迷魂阵第十章平地起惊雷第十一章骨妖恨结盟11-211-311-411-5
类型：动作类 适用于：安卓 苹果方法1：手机扫描二维码安装方法2：电脑直接下载
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3秒自动关闭窗口即与水平方向夹角为arctan；2-3；自测自评；1.BC各物体仍保持静止状态，说明各物体所受外力；2．AD平衡状态即合外力为零、加速度也为零的状态；3．C以猴子为研究对象，猴子自身的重力和两根绳子；4．D本题考查共点力的动态平衡问题．对物块进行受；训练1B若小车静止，则小球受力平衡，由于斜面光滑；训练3(1)以小球为研究对象受力分析如图甲所示，；11mg1
即与水平方向夹角为arctan
1. BC 各物体仍保持静止状态，说明各物体所受外力的合力为零，C必受水平向左的摩擦力的作用，A错误；通过假设法可知B不可能受摩擦力作用，B正确；对三个物体由整体法可知A一定受地面向左的摩擦力，且大小等于F，C对A的摩擦力向右，大小为F，所以A所受摩擦力的合力为零，C正确，D错误．
2．AD 平衡状态即合外力为零、加速度也为零的状态，只有A、D选项中的物体和运动员加速度为零
3．C 以猴子为研究对象，猴子自身的重力和两根绳子的拉力在同一平面内平衡，属于共点力，A错误；绳拉猴子的力和猴子拉绳的力是作用力和反作用力，地球对猴子的引力与猴子对地球的引力也是一对相互作用力，B错误，C正确；绳子拉得越紧，猴子仍然处于静止状态，合力仍然为零，D错误．
4．D 本题考查共点力的动态平衡问题．对物块进行受力分析可知，由于初始状态弹簧被拉伸，所以物块受到的摩擦力水平向左，当倾角逐渐增大时，物块所受重力在斜面方向的分力逐渐增大，所以摩擦力先逐渐减小，当摩擦力减为零时，弹力和重力的分力平衡；当倾角继续增大时，摩擦力向上逐渐增大，故选项D正确． 5．重物受力分析如图所示，由重物静止有：FTBCsin 60°－FTACsin 30°＝0① FTACcos 30°＋FTBCcos 60°－G＝0②
由式①可知FTAC3FTBC，当FTBC＝100 N时，FTAC＝173.2 N，AC将断．而当FTAC＝150 N时，FTBC＝86.6 N&100 N．将FTAC＝150 N，FTBC＝86.6 N，代入式②解得G＝173.2 N，所以重物的最大重力不能超过173.2 N.
训练1 B 若小车静止，则小球受力平衡，由于斜面光滑，不受摩擦力，小球受重力、绳子的拉力，重力和拉力都沿竖直方向；如果受斜面的支持力，则小球没法达到平衡，因此小车静止时，斜面对小球的支持力一定为零，绳子的拉力大小等于重力大小，故A项错误，B正确；若小车向右匀速运动，小球受重力和绳子的拉力两个力的作用；若小车向右做减速运动，则一定受斜面的支持力，可能受绳子的拉力，也可能不受绳子的拉力，故C、D错误. 训练2 A 对a和b整体受力分析，由平衡条件可知，A正确.
(1)以小球为研究对象受力分析如图甲所示，F＝mg，FTcos 30°＝F
11mg1×10223
得FT＝＝ N＝ N.
cos 30°33
随堂即时体验
1. A 采用整体法，将物块和斜劈看作一个整体，物块匀速运动、斜劈静止，整体没有加速度，由牛顿第二定律，整体合外力为零，所以整体水平方向不受外力，A正确．
2. C P、Q一起沿斜面匀速下滑时，由于木板P上表面光滑，滑块Q受到重力、P的支持力和弹簧沿斜面向上的弹力．木板P受到重力、斜面的支持力、斜面的摩擦力、Q的压力和弹簧沿斜面向下的弹力，所以选项C正确．
3．B 本题考查物体的平衡．A、D选项中a球所受三个力不能维持a球平衡，A、D项错误；C图中a球受到的重力竖直向下，连接天花板的绳的拉力竖直向上，连接b球的绳子的拉力偏向左下，因此三力的合力不为零，C项错误；分析B项中两个球的受力，合力都可以为零，B项正确．
4．B 以整体为研究对象，MN对Q的弹力和地面对P的摩擦力是一对平衡力，以Q为对象画受力分析图，可知MN右移时MN对Q的弹力和P、Q间的弹力都是增大的；Q始终处于平衡状态，因此合力始终为零，故只有B正确． 5.
(1)对B分析，可知AB绳中张力为0，有 mg－FTB＝0，得FTB＝mg.
(2)对球A，受力分析如图： FTAcos 60°－mg＝0，
FTAsin 60°－F＝0，得：FTA＝2mg.
3-1自测自评 1．
D 物体保持原来匀速直线运动状态或静止状态的性质叫惯性，与物体是否受力无关． 2
A 做匀速直线运动的物体加速度不变则合外力也恒定不变，但其速度、加速度和力并不总在同一方向上，只有力和加速度总在同一方向上，A对，B错；合外力只与加速度有关，与速度无关，C、D错．
D 由牛顿第三定律知，相互作用的一对力总是大小相等、方向相反、作用在一条直线上，且分别作用在相互作用的两个物体上；对大小相等、方向相反、分别作用在两个物体上的两个力，如果这两个力不是相互作用的，就不能称为作用力和反作用力，故A、B、C都是错误的，只有D对．
(1)题中所有选项中，属于物理量的是：密度、加速度、质量、长度、时间，故此空填“A、D、E、H、I”．
(2)在国际单位制中，作为基本单位的物理量有：质量、长度、时间．故此空填“E、H、I”．
(3)题中所给的单位中，不属于国际单位制中单位的是厘米，故此空填“G”． (4)在国际单位制中属于基本单位的是秒和千克，属于导出单位的是米/秒，牛顿．故应填“F、J”、“B、C”．
5.由题图得a＝t0.5 m/s2，
前2 s有F1－mgsin α＝ma,2 s后有F2＝mgsin α 代入数据可解得m＝1 kg，α＝30°.
B 惯性是物体的固有属性，惯性仅由物体的质量大小决定，与外界因素(受力与否、受力的大小与多少、运动状态及所处环境)无关，故B对，C、D错．速度大的物体不能很快停下来，是因为从较大的速度变为静止，速度的改变量大，需要较长的时间，并非速度大，惯性大，故A错. 训练2
B 撤去F前，B球受四个力作用，竖直方向的重力和支持力平衡，水平方向推力F和弹簧的弹力平衡，即弹簧的弹力大小为F，撤去F的瞬间，
弹簧的弹力仍为F，故B球所受合外力为F，则B球加速度为am，而此时B球的速度为零，②正确①错误；在弹簧恢复原长前，弹簧对A球有水平向左的弹力使A球压紧墙壁，直到弹簧恢复原长时A球才离开墙壁，A球离开墙壁后，由于弹簧的作用，使A、B两球均做变速运动，③对④错，B选项正确.
训练3 CD A对B的作用力和B对A的作用力为作用力与反作用力，一定大小相等方向相反，选项A、B错误；在撞击瞬间，A鸡蛋内蛋黄和蛋白由于惯性，会产生对A蛋壳向前的作用力，使A蛋壳接触处所受的合力比B蛋壳的小．因此B蛋壳容易被撞破，故选项C、D正确． 随堂即时体验 1
C A项中两力是一对作用力与反作用力，A错；B项中两个力是一对平F1
衡力，B错；因m甲&m乙，由a＝ma甲&a乙，因x＝2得x乙&x甲，C项正确；
由x＝2知x与收绳的速度无关，D项错．
D 因磁性冰箱贴静止不动，在水平方向上受到两个力：磁力与弹力，应为平衡力，所以D正确，A、B、C错误． 3．
D 剪断连接球b的细线后，b球会向上加速，造成两球之间的静电力F电增大，剪断前由整体法N＝Mg＋mag＋mbg，F电＝mbg＋F.剪断后对箱和a球有N′＝Mg＋mag＋F电′＝N－mbg＋F电′，由于F电′&F电，所以N′&N＋F，故选D. 4．
A 在m2与m1相对滑动前，F＝kt＝(m1＋m2)a，a与t成正比关系，a1-t关系图线的斜率为m1a1，a1＝
m1与m2相对滑动后，m1受的是Ff21＝μm2g＝
对m2有F－μm2g＝m2a2，得a2＝－μg，斜率为m1m2m2
可知A正确，B、C、D错误． 5．
B “蹦极”运动的最终结果是运动员悬在空中处于静止状态，此时绳的拉3
力等于运动员的重力，由图可知，绳子拉力最终趋于恒定时等于重力且等于F0，
即mg＝0，则F0＝mg.
B “蹦极”运动的最终结果是运动员悬在空中处于静止状态，此时绳的拉3
力等于运动员的重力，由图可知，绳子拉力最终趋于恒定时等于重力且等于F0，
即mg＝0，则F0＝mg.
533-2自测自评
121. B 根据牛顿第二定律：mg－Ff＝ma＝，所以Ff＝.
C 对重物受力分析如图甲所示． 由FN－mg＝ma得FN＝600 N， 即此人的举力为600 N.
当电梯减速下降时受力分析如图乙所示． 由m′g－FN＝m′a 得m′＝75 kg. 3.
AD 对小球水平方向受到向右的弹簧弹力FN，由牛顿第二定律可知，小球必定具有向右的加速度，小球与小车相对静止．故小车可能向右加速运动或向左
减速运动． 4．
D 若物体运动速率始终不变，速度大小不变，但速度方向可能变化，因此合力不一定为零，A错；物体的加速度均匀增加，即加速度在变化，是非匀加速直线运动，B错；物体所受合力与其速度方向相反，只能判断其做减速运动，但加速度大小不能确定，C错；若物体在任意相等的时间间隔内位移相等，则物体做匀速直线运动，D对． 5.
撤离木板时，小球所受重力和弹簧的弹力没变，二者合力大于等于撤离木板前木板对小球的支持力FN，分析撤离木板前小球的受力，由受力平衡可得FNmg23F23，所以撤离木板后，小球的加速度大小为a＝m＝. cos 30°33训练1 BD 木箱静止时物块对箱顶有压力，则物块受到箱顶向下的压力，当物块对箱顶刚好无压力时，表明系统有向上的加速度，是超重，选项B、D正确. 训练2 (1)由题图可知，0～4 s，肩部对竹竿的支持力F1＝460 N&(G1＋G2)，人加速下滑，设加速度为a1，
0～4 s竹竿受力平衡，受力分析如图甲所示． 由F1＝G2＋Ff，
得Ff＝F1－G2＝360 N，
对人受力分析如图乙所示．
F′f＝Ff＝360 N，又由牛顿第二定律得： G1－F′f＝m1a1， 得a1＝1 m/s2，
t1＝4 s时达到最大速度，设为v1，则 v1＝a1t1＝4 m/s.
训练3 B 经过受力分析，A、B之间的静摩擦力为B、C、D组成的系统提供加速度，加速度达到最大值的临界条件为A、B间达到最大静摩擦力，即am＝
＝，而绳子拉力FT给C、D组成的系统提供加速度，因而拉力的最4m4
大值为FTm＝3mam＝
随堂即时体验
未点燃返回舱缓冲火箭时，
包含各类专业文献、文学作品欣赏、幼儿教育、小学教育、外语学习资料、应用写作文书、专业论文、各类资格考试、高等教育、生活休闲娱乐、中学教育、物理创优导学案(高考总复习)1.1―5.1
第七章、第八章答案91等内容。　
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